2021智慧上进语文答案八

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15.【命题意图】本题考查电磁感应及动量、能量综合，目的是考查学生的分析综合能力。【解题分析】(1)由电流的定义得g=I△t(1分)△D又I=(R+r)△t(1分)△Φ=Blx0(1分)解得q=BlxoR+r(2分)(2)由题意可知，当金属框恰好不动时，导体棒速度最快，故Fa=Fm=(M什m)g(1分)而F=BI,且I(R+r)=Bla,得到=gM+m)(R+DB22(2分)由m2=2a.o,得到a=g(M+m)2(R+r)2(2分)2B'o设位移为x时导体棒速度为，对导体棒由牛顿第二定律有F一尽F号Btv=ma(1分)》而d=2ax,联立解得F=gm(MBR(K+rM+m)g√任。(2分)2B1'x(3)撤去拉力后，导体棒在安培力作用下做减速运动，由动量定理可知一B=0一mm(2分)BlxL而q=R十r(2分)总位移x'=十=十gm(m+M0(r十R)2B(2分)

17.【解析】(1)对小滑块,由牛頓第二定律可得F-pmgna1(1分)解得a1=3m/s2(1分)(2)对木板,由牛顿第二定律可得pmg=Ma2解得a2=1m/s2(1分)它们的位移关系为a1t2-a22=L(1分解得t=2s(1分)小滑块离开木板时的速度为v=a1t=3×2m/s=m/ s(1分)(3)设撤掉力F后,小滑块先减速后与木板共速,减速时对小滑块,由牛顿第二定律可得pmg=ma解得a3=2m/s2(1分)刚撤掉力F时小滑块的速度为v1=a1t1=3×1.2m/s=3.6m/s(1分)撤掉力F时小滑块的位移为s1=1an-1×3×1.22=2.16m(1分)小滑块和木板共速时有v-a3t2=a2(t1+t2)解得t2=0.8s由于t+t2=2s=t,则小滑块未从木板上滑落,假设成立力F撒掉后小滑块的位移为S=t-2a3a(1分)解得s3=2.24m(1分)最终木板的总位移为s2=2a2(41+2)2(1分)解得s2=2m(1分)则小滑块与木板的相对位移△s=s1+s3-52=2.4m(1分)